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2019版高考物理二轮复习:押题练含试卷分析答题技巧(16份打包)详细信息
宜城教育资源网www.ychedu.com2019版高考物理二轮复习:押题练含试卷分析答题技巧(16份打包)电学与原子物理学选择题押题练(四)1.已知核反应方程23490Th→23491Pa+X+ΔE(ΔE为释放出的核能,X为新生成粒子),23490Th的半衰期为T,下列有关说法正确的是()A.23491Pa没有放射性B.X粒子是电子,此核反应为β衰变C.N0个23490Th经2T时间因发生上述核反应而放出的核能为N0ΔE(N0数值很大)D.23490Th的比结合能为ΔE234解析:选B23491Pa具有放射性,A错误;由电荷数守恒和质量数守恒可以判断X为电子,题述核反应为β衰变,B正确;经过2T时间,N0个23490Th还剩122N0=14N0个没有衰变,则有N0-14N0=34N0个发生了衰变,故核反应释放的核能为34N0ΔE,C错误;比结合能是核子结合为原子核时释放的核能与核子数之比,而不是衰变释放的核能与核子数之比,D错误。2.如图所示,在两等量异种点电荷产生的电场中,abcd是以两点电荷连线中点O为对称中心的菱形,a、c在两点电荷的连线上。下列判断正确的是()A.a、b、c、d四点的电势相同B.b、d两点的电场强度的方向相反C.a、b、c、d四点的电场强度的大小相同D.将正试探电荷由b点沿ba及ad移到d点的过程中,试探电荷的电势能先增大后减小解析:选D根据等量异种点电荷产生电场的特点知,φa>φb=φd>φc;a、b、c、d四点电场强度方向相同,但大小不等;b→a电势增大,正电荷的电势能增大,a→d电势减小,正电荷的电势能减小,故D正确。3.如图所示,A1、A2是两完全相同的灯泡,A1与一理想二极管D连接,线圈L的直流电阻不计。下列说法正确的是()A.闭合S后,A1会逐渐变亮B.闭合S稳定后,A1、A2亮度相同C.闭合S稳定后再断开S的瞬间,A1会逐渐熄灭D.闭合S稳定后再断开S的瞬间,a点的电势比b点低解析:选D闭合S后,因A1、A2和线圈L不是串联的关系,则A1、A2立刻亮,故A错误;闭合S稳定后,因线圈L的直流电阻不计,所以A1与二极管被短路,导致A1不亮,而A2将更亮,因此A1、A2亮度不同,故B错误;闭合S稳定后再断开S的瞬间,A2会立刻熄灭,线圈L与A1及二极管构成回路,因线圈L产生感应电动势,a点的电势低于b点,但二极管具有单向导电性,所以回路没有感应电流,A1不亮,故C错误,D正确。4.在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁场中有一面积为S的线圈,匝数为N,内阻不计,绕与磁场垂直的轴OO′以角速度ω匀速转动,如图所示。线圈通过滑环接一理想变压器,滑动触头P上下移动时可改变输出电压,副线圈接有可调电阻R′。如果从图示位置开始计时,下列判断正确的是()A.线圈产生的交变电流按正弦规律变化B.当只有线圈转速增大时,灯泡Ⅰ亮度不变,灯泡Ⅱ亮度变暗,灯泡Ⅲ亮度增大C.当只有R′增大时,电压表读数不变D.当只有P向上移动时,电流表读数减小解析:选C从题图所示位置开始计时,零时刻交变电流最大,按余弦规律变化,选项A错误;当只有线圈转速增大时,不仅电流频率增大,由Em=NBSω可知电动势也增大,所以灯泡Ⅰ、Ⅲ亮度增大,灯泡Ⅱ亮度变化不能确定,选项B错误;当线圈转速不变时,发电机电动势不变,电压表读数不受P位置、R′变化影响,读数不变,选项C正确;当线圈转速不变,P向上移动、R′不变时,变压器输出电压变大,用电器电流增大,副线圈总电流增大,所以电流表读数增大,选项D错误。5.如图甲所示,正三角形导线框位于圆形有界匀强磁场中,磁场方向与导线框所在平面垂直。规定磁场的正方向垂直纸面向里,磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示。下列说法正确的是()A.0~1s时间内和5~6s时间内,导线框中的电流方向相同B.0~1s时间内和1~3s时间内,导线框中的电流大小相等C.3~5s时间内,AB边受到的安培力沿纸面且垂直AB边向下D.1~3s时间内,AB边受到的安培力大小不变解析:选A0~1s时间内穿过导线框的磁通量向外增加;5~6s时间内穿过导线框的磁通量向里减小,根据楞次定律可知导线框中的电流方向相同,选项A正确;题图乙中B?t图像的斜率等于磁感应强度的变化率,故0~1s时间内和1~3s时间内,导线框中的感应电动势的大小不相等,感应电流大小不相等,选项B错误;3~5s时间内,磁通量向里增加,产生的感应电流为逆时针方向,则由左手定则可知,AB边受到的安培力沿纸面且垂直AB边向上,选项C错误;1~3s时间内,感应电流大小不变,而磁感应强度向外减弱,根据F=BIL可知,AB边受到的安培力变小,选项D错误。6.[多选]如图所示,在真空中,+Q1和-Q2为固定在x轴上的两个点电荷,且Q1=4Q2,AB=BP=L。a、b、c为P两侧的三个点,则下列说法中正确的是()A.P点电场强度为零,电势也为零B.b、c两点处,一定有电势φb>φc,且电场强度Eb>EcC.若将一试探电荷+q从a点沿x轴移至P点,则其电势能增加D.若将一试探电荷-q从a点静止释放,则其经过P点时动能最大解析:选CDP点的电场强度为EP=kQ12L2-kQ2L2=0;P点的电势:φP=kQ12L-kQ2L=kQ2L>0,选项A错误;因P点的电场强度为零,则P点右侧电场线向右,由顺着电场线电势降低可知,φb>φc,因b、c的具体位置不确定,则不能确定两点电场强度的关系,选项B错误;P点左侧电场线向左,则P点电势高于a点,若将一试探电荷+q从a点沿x轴移至P点,则其电势能增加,选项C正确;若将一试探电荷-q从a点静止释放,则电荷将沿aP向右加速运动,到达P点后受到向左的电场力做减速运动,可知其经过P点时动能最大,选项D正确。7.[多选]如图所示,平行板电容器竖直放置,右侧极板中间开有一小孔,两极板之间的距离为12cm,内部电场强度大小为10N/C;极板右侧空间有磁感应强度大小为0.5T的匀强磁场。一比荷为1.6×102C/kg的带负电粒子,从电容器中间位置以大小为8m/s的初速度平行于极板方向进入电场中,经过电场偏转,从电容器右极板正中间的小孔进入磁场。不计带电粒子的重力及空气阻力。下列说法正确的是()A.电容器极板长度为83×10-2mB.粒子进入磁场时的速度大小为16m/sC.粒子进入磁场时速度与水平方向夹角为60°D.粒子在磁场中的运动时间为π120s解析:选ABD粒子在电场中做类平抛运动,则竖直方向:12L=v0t;水平方向:12d=12·Eqmt2,解得L=83×10-2m,A正确;粒子进入磁场时水平速度:vx=Eqmt=83m/s,则粒子进入磁场时的速度大小为v=v02+vx2=16m/s,B正确;粒子进入磁场时速度与水平方向的夹角满足tanθ=v0vx=33,解得θ=30°,C错误;粒子在磁场中转过的角度为120°,则在磁场中运动的时间t=120°360°T=13·2πmqB=π120s,D正确。8.[多选]如图所示,在xOy平面内存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场,第一、二、四象限内的磁场方向垂直纸面向里,第三象限内的磁场方向垂直纸面向外,P(-2L,0)、Q(0,-2L)为坐标轴上的两个点,现有一电子从P点沿PQ方向射出,不计电子的重力,下列说法正确的是()A.若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线,则电子运动的路程一定为πL2B.若电子从P点出发经原点O到达Q点,则电子运动的路程一定为πLC.若电子从P点出发经原点O到达Q点,则电子运动的路程一定为2πLD.若电子从P点出发经原点O到达Q点,则电子运动的路程可能为πL,也可能为2πL解析:选AD电子在匀强磁场中做匀速圆周运动,设其运动半径为R,若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线,则其运动轨迹如图甲所示,则有2Rcos45°=2L,解得半径R=L,运动轨迹为四分之一圆周,所以运动的路程s=2πR4=πL2,选项A正确;电子从P点出发经原点O到达Q点,若电子恰好经原点O第一次射出磁场分界线,则轨迹如图甲,运动路程为一个圆周,即s1=2πR=2πL,电子从P点出发经过原点O到达Q点的运动轨迹可能如图乙所示,根据几何关系有2R′cos45°=2L2,圆周运动半径R′=L2,运动的路程为s2=2πR′4×2×2=2πL4×2×2×2=πL,选项B、C错误,D正确。 宜城教育资源网www.ychedu.com
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