| 宜城教育资源网www.ychedu.com2019届高考物理金榜押题卷含试卷分析答题技巧（打包7套）2019届高考物理金榜押题卷（1）二、选择题：本大题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14、将一张A4纸（质量可忽略不计）夹在物理习题册内，A4纸上方书页总质量为0.3kg，A4纸下方书页总质量为0.5kg，A4纸与书页之间、书与桌面之间的动摩擦因数均为0.4，要把A4纸从书中拉出，拉力至少应为（取）（）A．4NB．5.6NC．2.4ND．3.2N15、如图所示,某人在水平地面上的C点射击竖直墙靶,墙靶上标一根水平线MN。射击者两次以初速度v0射出子弹,恰好水平击中关于z轴对称的A、B两点。忽略空气阻力,则两次子弹()A.在空中飞行的时间不同B.击中A、B点时速度相同C.射击时的瞄准点分别是A、BD.射出枪筒时,初速度与水平方向夹角相同16、如图所示,高为h的光滑绝缘曲面处于匀强电场中,匀强电场的方向平行于竖直平面,一带电荷量为+q,质量为m的小球,以初速度v0从曲面底端的A点开始沿曲面表面上滑,到达曲面顶端B点的速度大小仍为v0,则()A.电场力对小球做功为B.A、B两点的电势差为C.小球在B点的电势能大于在A点的电势能D.电场强度的最小值为17、如图所示,电路中理想变压器原、副线圈接入电路的匝数可通过单刀双掷开关改变,A为交流电流表.在变压器原线圈a、b两端加上不变的正弦交变电压.下列分析正确的是()A.只将S1从1拨向2时,电流表示数变小B.只将S2从3拨向4时,电流表示数变大C.只将R的滑片上移,R1的电功率变大D.只将R的滑片上移,R2的电功率减小18、北斗二代计划在2020年前发射35颗卫星，形成全球性的定位导航系统，比GPS还多5颗。多出的这5颗是相对地球静止的高轨道卫星，主要是完成通讯任务的，其它30颗跟美国GPS的30颗一样，都是中轨道的运动卫星。以下说法正确的是（）A．5颗高轨道卫星定点在赤道正上方，且离地高度是确定的B．5颗高轨道卫星的速度比30颗中轨道卫星的速度要大C．5颗高轨道卫星的加速度比30颗中轨道卫星的加速度要大D．5颗高轨道卫星的速度比30颗中轨道卫星的向心力要19、在做光电效应的实验时,某种金属被光照射发生了光电效应,实验测得光电子的最大初动能Ek与入射光的频率v的关系如图所示,由实验图可求出()A.该金属的极限频率B.普朗克常量C.该金属的逸出功D.单位时间内逸出的光电子数20、如图所示，质量为m的物体用轻绳悬挂于天花板上，现用大小不变的力F(F<mg)拉物体，使物体保持静止状态，绳与竖直方向的夹角为α。下列说法正确的是()A.若拉力水平向右,则B.若拉力水平向右,则C.若拉力可沿纸面内任意方向,绳与竖直方向的最大夹角为,则D.若拉力吋沿纸面内任意方向,绳与竖直方向的最大夹角为,则21、在半导体离子注入工艺中,质量相等、初速度可忽略的磷离子P+和P3+,经电压为U的电场加速后,垂直进入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里,宽度为d的匀强磁场区域,P+离子在磁场中转过θ=30°后,从磁场右边界射出,如图所示.关于上述运动,下列说法正确的是()A. P+和P3+在电场中运动的时间之比为3:1B. B.P+和P3+在磁场中运动的半径之比为3:1C. C.P+和P3+在磁场中运动的时间之比为3:2D. D.P+和P3+离开磁场时的动能之比为1:3三、非选择题：第22-25题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33、34题为选考题，考生根据要求作答。22、用如图甲所示装置来探究功和动能变化的关系，木板上固定两个完全相同的遮光条A、B，用不可伸长的细线将木板通过两个滑轮与弹簧测力计C相连，木板放在安装有定滑轮和光电门的轨道D上，轨道放在水平桌面上，P为小桶（内有砂子），滑轮质量、摩擦不计，1.实验中轨道应倾斜一定角度，这样做的目的是．2.用游标卡尺测量遮光条的宽度，如图乙所示，则遮光条的宽度d＝_____cm.3.实验主要步骤如下：①测量木板（含遮光条）的质量M，测量两遮光条间的距离L，按图甲所示正确连接器材；②将木板左端与轨道左端对齐，静止释放木板，木板在细线拉动下运动，记录弹簧测力计示数F及遮光条B、A先后经过光电门的时间为、，则遮光条B、A通过光电门的过程中木板动能的变化量＝，合外力对木板做功W＝________.（以上两空用字母M、、、d、L、F表示）③在小桶中增加砂子，重复②的操作，比较W、的大小，可得出实验结论．23、采用伏安法测量电源电动势E和内阻r时,某创新小组对方案进行了研讨,设计出了如图所示的测量电源电动势E和内阻r的电路,E′是辅助电源,A、B两点间有一灵敏电流计G。(1) 补充下列实验步骤:①闭合开关S1、S2,调节R和R′使得灵敏电流计G的示数为零,读出电流表和电压表的示数I1和U1,其中I1________(填"大于""小于"或"等于")通过电源E的电流。②改变滑动变阻器R、R′的阻值,重新使得________,读出电流表和电压表的示数和。(2)根据测量值求出E=________,r=________。(3)该实验方案的优点是消除了________(填"偶然"或"系统")误差。24、如图所示,光滑平行轨道abcd的水平部分处于竖直向上的匀强磁场中,bc段轨道宽度是cd段轨道宽度的2倍,bc段轨道和cd段轨道都足够长,将质量相等的金属棒P和Q分别置于轨道上的ab段和cd段,且与轨道垂直。Q棒静止,让P棒从距水平轨道高为h的地方由静止释放,求:1.P棒滑至水平轨道瞬间的速度大小;2.P棒和Q棒最终的速度。25、如图所示,在光滑的水平地面的左端连接一半径为R的光滑圆形固定轨道,在水平面上质量为M=3m的小球Q连接着轻质弹簧,处于静止状态。现有一质量为m的小球P从B点正上方h=R高处由静止释放,求:1.小球P到达圆形轨道最低点C时的速度大小和对轨道的压力;2.在小球P压缩弹簧的过程中,弹簧具有的最大弹性势能;3.若小球P从B上方高H处释放,恰好使P球经弹簧反弹后能够回到B点,高度H的大小。33、【物理-选修3-3】1.下列说法正确的是()A.并不是所有晶体都有其固定的熔点B.物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子平均动能越大C.满足能量守恒定律的物理过程不一定能自发进行D.被冻结在冰块中的小碳粒不能做布朗运动，是因为冰中的水分子不运动E.夏季天早时，给庄稼松土是为了破坏土壤中的毛细管，防止水分蒸发2.如图所示，一个水平放置的固定直圆筒，左右都与大气相通，内部横截面积为S=0.0l。中间用两个活塞A和B封住一定质量的理想气体。A、B都可以沿圆筒无摩擦地左右滑动，但不漏气。A的质量可以不计，B的质量为M，并与一个劲度系数为的弹簧相连。已知大气压强，平衡时，两个活塞间的距离=0.6m。现在保持温度不变，用一水平外力F缓慢推活塞A向右移动一段距离，系统最终保持静止，此时外力大小为200N，求：在此过程活中活塞A向右移动的距离.34、[物理--选修3-4]1.甲、乙两弹簧振子,振动图象如图所示,则可知()。A.甲速度为零时,乙速度最大B.甲加速度最小时,乙速度最小C.任一时刻两个振子受到的回复力都不相同D.两个振子的振动频率之比f甲∶f乙=1∶2E.两个振子的振幅之比为A甲∶A乙=2∶12.如图为一玻璃球过球心的横截面,玻璃球的半径为R,O为球心,AB为直径,来自B点的光线BM在M点射出,出射光线平行于AB,另一光线BN恰好在N点发生全反射,已知∠ABM=30°,求:(i)玻璃的折射率;(ii)球心O到BN的距离。答案14.C15.D16.B解析：A.小球上滑过程中,由动能定理得:,解得:W=mgh,故A错误;B.由W=qU得,A、B两点的电势差为,故B正确;C.由于电场力做正功,小球的电势能减小,则小球在B点的电势能小于在A点的电势能,故C错误;D.由U=Ed得,,若电场线沿AB时,d>h,,故D错误。故选B。17.D18.A19.ABC解析：依据光电效应方程可知,当时,,即图象中横坐标的截距在数值上等于金属的极限频率,故A正确。由,可知图线的斜率在数值上等于普朗克常量,故B正确。根据,可知C正确。单位时间内逸出的光电子数无法从图象中获知,D正确。20.BC解析：当拉力水平向右时，受力分析如图l，，B正确；若拉力沿纸面内任意方向，绳上张力T与拉力F的合力竖直向上，大小与mg相等，根据三角形定则，作受力分析如图2,当F与T垂直时，绳与竖直方向的夹角即T与mg的夹角最大，则,C项正确。21.CD22.1.平衡木板受到的摩擦力2.0.5603.;FL解析：23.(1)①等于②灵敏电流计G的示数为零(2)E=,r=(3)系统。解析：24.1.2.解析：1.设P棒滑到b点的速度为v0,由机械能守恒定律:,得:2.最终两棒的速度满足:vQ=2vp(此时两棒与轨道组成的回路的磁通量不变),这个过程中的任意一时刻两棒的电流都相等,但由于轨道宽度两倍的关系,使得P棒受的安培力总是Q棒的两倍,所以同样的时间内P棒受的安培力的冲量是Q棒的两倍,以水平向右为正方向,对P棒:-2I=mvp-mv0,对Q棒:I=mvQ,联立两式并代入v0,可得:,25.1.小球P从A运动到C过程,根据机械能守恒得又h=R,代人解得在最低点C处,根据牛顿第二定律有:解得轨道对小球P的支持力FN=5mg根据牛顿第三定律知小球P对轨道的压力大小为5mg,方向竖直向下2.弹著被压缩过程中,当两球速度相等时,弹著具有最大弹性势能,根据系统动量守恒有根据机械能守恒定律有联立解得3.小球P从B上方高H处释放,设到达水平面速度为v0,则有弹簧被压缩后再次恢复到原长时,设小球P和Q的速度大小分别为v1和v2,根据动量守恒有mv0=-mv1+Mv2根据机械能守恒有要使P球经弹簧反弹后恰好回到B点,则有联立解得H=3R33.1.BCE2.设在此过程中，A向右移动，B向右移动，以气体为研究对象初态：，=0.6S末态：，由平衡条件，得由玻意耳定律:解方程得：解析：1.所有晶体都有其固定的熔点，选项A错误；物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子平均动能越大，选项B正确；根据热力学第二定律可知，满足能量守恒定律的物理过程不一定能自发进行，选项C正确；分子的运动是永不停息的，被冻结在冰块中的小碳粒，不能做布朗运动是因为此时小碳粒受力平衡，而不是水分子不动，故D错误。夏季天早时，给庄稼松土是为了破坏土壤中的毛细管，防止水分蒸发，选项E正确；故选BCE.34.1.ADE;2.(i)设光线BM在M点的入射角为i,折射角为r,由几何知识可知i=30°,r=60°根据折射定律知的(ii)光线BN恰好在N点发生全反射,则∠BNO为临界角C,则设球心到BN的距离为d,由几何知识可知d=RsinC得 宜城教育资源网www.ychedu.com |
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